题目描述
https://www.luogu.com.cn/problem/CF1175F
简要题意:给定一个长度为 $n$ 的序列 $a_i$,求有多少子区间 $[l,r]$ 满足 $[1,r-l+1]$ 中的所有数都出现一次
$n\le 3\times 10^5$
Solution
首先转换一下子排列的定义:
- 没有重复数字
- 最大值为 $r-l+1$
我们考虑按照每个数作为最大值的区间来构建笛卡尔树
然后我们对于每个数,枚举小的那一半,知道左端点就能得到右端点
注意到这里枚举小的那一半的时间复杂度仅为 $O(n\log n)$,类似于启发式合并
至于如何判断没有重复数字,我们可以用最简单的方法,查询区间 $pre$ 的最大值
只要满足区间 $pre$ 的最大值小于 $l$ 就一定不存在重复数字
我们使用 $st$ 表做到 $O(1)$ 询问区间最值,这样总的复杂的就是 $O(n\log n)$
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63
| #include <iostream> #include <cstdio> #include <stack> #define maxn 300010 #define INF 1000000000 using namespace std;
int n, a[maxn];
int l[maxn], r[maxn]; stack<int> S;
int pre[maxn], vis[maxn], st[maxn][21], Log[maxn]; void init_st() { Log[0] = -1; for (int i = 1; i <= n; ++i) Log[i] = Log[i >> 1] + 1; for (int i = 1; i <= n; ++i) st[i][0] = pre[i]; for (int j = 1; j <= 20; ++j) for (int i = 1; i + (1 << j) - 1 <= n; ++i) st[i][j] = max(st[i][j - 1], st[i + (1 << j - 1)][j - 1]); }
int query(int l, int r) { int k = Log[r - l + 1]; return max(st[l][k], st[r - (1 << k) + 1][k]); }
int main() { ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(nullptr); cout.tie(nullptr);
cin >> n; for (int i = 1; i <= n; ++i) cin >> a[i]; S.push(0); a[0] = INF; for (int i = 1; i <= n; ++i) { while (a[S.top()] < a[i]) S.pop(); l[i] = S.top() + 1; S.push(i); } while (!S.empty()) S.pop(); S.push(n + 1); a[n + 1] = INF; for (int i = n; i; --i) { while (a[S.top()] < a[i]) S.pop(); r[i] = S.top() - 1; S.push(i); } for (int i = 1; i <= n; ++i) { pre[i] = vis[a[i]]; vis[a[i]] = i; } init_st(); int ans = 0; for (int i = 1; i <= n; ++i) if (i - l[i] <= r[i] - i) { for (int j = l[i]; j <= i; ++j) { int k = j + a[i] - 1; if (i <= k && k <= r[i] && query(j, k) < j) ++ans; } } else { for (int j = i; j <= r[i]; ++j) { int k = j - a[i] + 1; if (l[i] <= k && k <= i && query(k, j) < k) ++ans; } } cout << ans << "\n"; return 0; }
|